// 数组求和int sum(int*a, int n){&&&&
return n ==&0&?&0 : sum(a, n -1) + a[n -1];}
求数组的最大值和最小值
给定一个含有n个元素的整型数组a，找出其中的最大值和最小值
常规的做法是遍历一次，分别求出最大值和最小值，但我这里要说的是分治法(Divide and couquer)，将数组分成左右两部分，先求出左半部份的最大值和最小值，再求出右半部份的最大值和最小值，然后综合起来求总体的最大值及最小值。这是个递归过程，对于划分后的左右两部分，同样重复这个过程，直到划分区间内只剩一个元素或者两个元素。
// 求数组的最大值和最小值，返回值在maxValue和minValuevoid MaxandMin(int *a, int l, int r, int& maxValue, int& minValue){
if(l == r) // l与r之间只有一个元素
maxValue = a[l] ;
minValue = a[l] ;
if(l + 1 == r) // l与r之间只有两个元素
if(a[l] &= a[r])
maxValue = a[l] ;
minValue = a[r] ;
maxValue = a[r] ;
minValue = a[l] ;
int m = (l + r) / 2 ; // 求中点
int // 左半部份最大值
int // 左半部份最小值
MaxandMin(a, l, m, lmax, lmin) ; // 递归计算左半部份
int // 右半部份最大值
int // 右半部份最小值
MaxandMin(a, m + 1, r, rmax, rmin) ; // 递归计算右半部份
maxValue = max(lmax, rmax) ; // 总的最大值
minValue = min(lmin, rmin) ; // 总的最小值}
求数组的最大值和次大值
给定一个含有n个元素的整型数组，求其最大值和次大值
思想和上一题类似，同样是用分治法，先求出左边的最大值leftmax和次大值leftsecond，再求出右边的最大值rightmax和次大值rightsecond，然后合并，如何合并呢？分情况考虑
1 如果leftmax & rightmax，那么可以肯定leftmax是最大值，但次大值不一定是rightmax，但肯定不是rightsecond，只需将leftsecond与rightmax做一次比较即可。
2 如果rightmax & leftmax，那么可以肯定rightmax是最大值，但次大值不一定是leftmax，但肯定不是leftsecond，所以只需将leftmax与rightsecond做一次比较即可。
这种方法无法处理最大元素有多个的情况，比如3,5,7,7将返回7，7而不是7,5。感谢网友 从无到有靠谁人 指出。
// 找出数组的最大值和次大值，a是待查找的数组，left和right是查找区间，max和second存放结果void MaxandMin(int a[], int left, int right, int&max, int&second){
if(left == right)
max = a[left] ;
second =& INT_MIN;
elseif(left +1== right)
max = a[left] & a[right] ? a[left] : a[right] ;
second = a[left] & a[right] ? a[left] : a[right] ;
int mid = left + (right - left) /2 ;
MaxandMin(a, left, mid, leftmax, leftsecond) ;
MaxandMin(a, mid +1, right, rightmax, rightsecond) ;
if (leftmax & rightmax)
second = leftsecond & rightmax ? leftsecond :
second = leftmax & rightsecond ? rightsecond :
求数组中出现次数超过一半的元素
给定一个n个整型元素的数组a，其中有一个元素出现次数超过n / 2，求这个元素。据说是百度的一道题
设置一个当前值和当前值的计数器，初始化当前值为数组首元素，计数器值为1，然后从第二个元素开始遍历整个数组，对于每个被遍历到的值a[i]
1 如果a[i]==currentValue，则计数器值加1
2 如果a[i] != currentValue， 则计数器值减1，如果计数器值小于0，则更新当前值为a[i]，并将计数器值重置为1
// 找出数组中出现次数超过一半的元素int Find(int* a, int n){
int curValue = a[0] ;
int count = 1 ;
for (int i = 1; i & ++i)
if (a[i] == curValue)
if (count & 0)
curValue = a[i] ;
count = 1 ;
return curV}
另一个方法是先对数组排序，然后取中间元素即可，因为如果某个元素的个数超过一半，那么数组排序后该元素必定占据数组的中间位置。
求数组中元素的最短距离
给定一个含有n个元素的整型数组，找出数组中的两个元素x和y使得abs(x - y)值最小
先对数组排序，然后遍历一次即可
int compare(const void* a, const void* b){
return *(int*)a - *(int*)}// 求数组中元素的最短距离void MinimumDistance(int* a, int n){
qsort(a, n, sizeof(int), compare) ;
int // Index of number 1
int // Index of number 2
int minDistance = numeric_limits&int&::max() ;
for (int k = 0; k & n - 1; ++k)
if (a[k + 1] - a[k] & minDistance)
minDistance = a[k + 1] - a[k] ;
i = a[k] ;
j = a[k + 1] ;
cout && "Minimum distance is: " && minDistance &&
cout && "i = " && i && " j = " && j &&}
求两个有序数组的共同元素
给定两个含有n个元素的有序（非降序）整型数组a和b，求出其共同元素，比如
a = 0, 1, 2, 3, 4
b = 1, 3, 5, 7, 9
充分利用数组有序的性质，用两个指针i和j分别指向a和b，比较a[i]和b[j]，根据比较结果移动指针，则有如下三种情况
1. a[i] & b[j]，则i增加1，继续比较
2. a[i] == b[j]，则i和j皆加1，继续比较
3. a[i] & b[j]，则j加1，继续比较
重复以上过程直到i或j到达数组末尾。
// 找出两个数组的共同元素void FindCommon(int* a, int* b, int n){
int i = 0;
int j = 0 ;
while (i & n && j & n)
if (a[i] & b[j])
else if(a[i] == b[j])
cout && a[i] &&
else// a[i] & b[j]
这到题还有其他的解法，比如对于a中任意一个元素，在b中对其进行Binary Search，因为a中有n个元素，而在b中进行Binary Search需要logn。所以找出全部相同元素的时间复杂度是O(nlogn)。
另外，上面的方法，只要b有序即可，a是否有序无所谓，因为我们只是在b中做Binary Search。如果a也有序的话，那么再用上面的方法就有点慢了，因为如果a中某个元素在b中的位置是k的话，那么a中下一个元素在b中的位置一定位于k的右侧，所以本次的搜索空间可以根据上次的搜索结果缩小，而不是仍然在整个b中搜索。也即如果a和b都有序的话，代码可以做如下修改，记录上次搜索时b中元素的位置，作为下一次搜索的起始点。
求三个数组的共同元素
给定三个含有n个元素的整型数组a,b和c，求他们最小的共同元素。
如果三个数组都有序，那么可以设置三个指针指向三个数组的头部，然后根据这三个指针所指的值进行比较来移动指针，直道找到共同元素。
// 三个数组的共同元素-只找最小的void FindCommonElements(int a[], int b[], int c[], int x, int y, int z){
for(int i = 0, j = 0, k = 0; i & x && j & y && k &)
if(a[i] & b[j])
else // a[i] &= b[j]
if(b[j] & c[k])
else // b[j] &= c[k]
if(c[k] & a[i])
else // c[k] &= a[i]
cout && c[k] &&
cout && "Not found!" &&}
如果三个数组都无序，可以先对a, b进行排序，然后对c中任意一个元素都在b和c中做二分搜索。
// 找出三个数组的共同元素// O(NlogN)int UniqueCommonItem(int *a, int *b, int *c, int n){
// sort array a
qsort(a, n, sizeof(int), compare) ; // NlogN
// sort array b
qsort(b, n, sizeof(int), compare) ; // NlogN
// for each element in array c, do a binary search in a and b
// This is up to a complexity of N*2*logN
for (int i = 0; i & i++)
if(BinarySearch(a, n, c[i]) && BinarySearch(b, n, c[i]))
return c[i] ;
return - 1 ; // not found}
也可以对a进行排序，然后对于b和c中任意一个元素都在a中进行二分搜索，但是这样做是有问题的，你看出来了么？感谢网友指正。
// 找出三个数组唯一的共同元素// O(NlogN)int UniqueCommonItem1(int *a, int *b, int *c, int n){
// sort array a
qsort(a, n, sizeof(int), compare) ; // NlogN
// Space for time
bool *bb = new bool[n] ;
memset(bb, 0, n) ;
bool *bc = new bool[n] ;
memset(bb, 0, n) ;
// for each element in b, do a BS in a and mark all the common element
for (int i = 0; i & i++) // NlogN
if(BinarySearch(a, n, b[i]))
bb[i] = true ;
// for each element in c, do a BS only if b[i] is true
for (int i = 0; i & i++) // NlogN
if(b[i] && BinarySearch(a, n, c[i]))
return c[i] ;
return - 1 ; // not found}
排序和二分搜索代码如下
// Determine whether a contains value kbool BinarySearch(int *a, int n, int k){
int left = 0 ;
int right = n - 1 ;
while (left &= right)
int mid = (left + right) ;
if(a[mid] & k)
left = mid + 1 ;
if(a[mid] == k)
return true ;
right = mid - 1 ;
return false ;}// Compare function for qsortint compare(const void* a, const void* b){
return *(int*)a - *(int*)}
小小总结一下，对于在数组中进行查找的问题，可以分如下两种情况处理
1. 如果给定的数组有序，那么首先应该想到Binary Search，所需O(logn)
2. 如果给定的数组无序，那么首先应该想到对数组进行排序，很多排序算法都能在O(nlogn)时间内对数组进行排序，然后再使用二分搜索，总的时间复杂度仍是O(nlogn)。
如果能做到以上两点，大多数关于数组的查找问题，都能迎刃而解。
找出数组中唯一的重复元素
给定含有1001个元素的数组，其中存放了1-1000之内的整数，只有一个整数是重复的，请找出这个数
求出整个数组的和，再减去1-1000的和
找出出现奇数次的元素
给定一个含有n个元素的整型数组a，其中只有一个元素出现奇数次，找出这个元素。这道题实际上是一个变种，原题是找出数组中唯一一个出现一次的元素，下面的方法可以同时解决这两道提。所以题目就用这个广义的吧。
因为对于任意一个数k，有k ^ k = 0，k ^ 0 = k，所以将a中所有元素进行异或，那么个数为偶数的元素异或后都变成了0，只留下了个数为奇数的那个元素。
int FindElementWithOddCount(int*a, int n){&&&&
int r = a[0] ;&&&&
for (int i =1; i & ++i)&&&&
{&&&& & &&
r ^= a[i] ;&&&&
求数组中满足给定和的数对
给定两个有序整型数组a和b，各有n个元素，求两个数组中满足给定和的数对，即对a中元素i和b中元素j，满足i + j = d(d已知)
两个指针i和j分别指向数组的首尾，然后从两端同时向中间遍历。
// 找出满足给定和的数对void FixedSum(int* a, int* b, int n, int d){
for (int i = 0, j = n - 1; i & n && j &= 0)
if (a[i] + b[j] & d)
else if (a[i] + b[j] == d)
cout && a[i] && ", " && b[j] &&
else // a[i] + b[j] & d
最大子段和
给定一个整型数组a，求出最大连续子段之和，如果和为负数，则按0计算，比如1， 2， -5， 6， 8则输出6 + 8 = 14
编程珠玑上的经典题目，不多说了。
// 子数组的最大和int Sum(int* a, int n){
int curSum = 0;
int maxSum = 0;
for (int i = 0; i & i++)
if (curSum + a[i] & 0)
curSum = 0;
curSum += a[i] ;
maxSum = max(maxSum, curSum);
return maxS}
最大子段积
给定一个整型数组a，求出最大连续子段的乘积，比如 1， 2， -8， 12， 7则输出12 * 7 = 84
与最大子段和类似，注意处理负数的情况
// 子数组的最大乘积int MaxProduct(int *a, int n){
int maxProduct = 1; // max positive product at current position
int minProduct = 1; // min negative product at current position
int r = 1; // result, max multiplication totally
for (int i = 0; i & i++)
if (a[i] & 0)
maxProduct *= a[i];
minProduct = min(minProduct * a[i], 1);
else if (a[i] == 0)
maxProduct = 1;
minProduct = 1;
else // a[i] & 0
int temp = maxP
maxProduct = max(minProduct * a[i], 1);
minProduct = temp * a[i];
r = max(r, maxProduct);
数组循环移位
将一个含有n个元素的数组向右循环移动k位，要求时间复杂度是O(n)，且只能使用两个额外的变量，这是在微软的编程之美上看到的一道题
比如数组 1 2 3 4循环右移1位 将变成 4 1 2 3， 观察可知1 2 3 的顺序在移位前后没有改变，只是和4的位置交换了一下，所以等同于1 2 3 4 先划分为两部分 &
1 2 3 | 4，然后将1 2 3逆序，再将4 逆序 得到 3 2 1 4，最后整体逆序&得到 4 1 2 3
// 将buffer中start和end之间的元素逆序void Reverse( int buffer[], int start, int end ){
while ( start & end )
int temp = buffer[ start ] ;
buffer[ start++ ] = buffer[ end ] ;
buffer[ end-- ] =
}}// 将含有n个元素的数组buffer右移k位void Shift( int buffer[], int n, int k ){
Reverse( buffer, 0, n - k - 1) ;
Reverse( buffer, n - k, n - 1 ) ;
Reverse( buffer, 0, n - 1 ) ;}
稍微扩展一下,如果允许分配额外的数组,那么定义一个新的数组,然后将移位后的元素直接存入即可,也可以使用队列,将移动后得元素出对,再插入队尾即可.
字符串逆序
给定一个含有n个元素的字符数组a，将其原地逆序。
可能您觉得这不是关于数组的，而是关于字符串的。是的。但是别忘了题目要求的是原地逆序，也就是不允许额外分配空间，那么参数肯定是字符数组形式，因为字符串是不能被修改的（这里只C/C++中的字符串常量），所以，和数组有关了吧，只不过不是整型数组，而是字符数组。用两个指针分别指向字符数组的首位，交换其对应的字符，然后两个指针分别向数组中央移动，直到交叉。
// 字符串逆序void Reverse(char*a, int n){&&&&
int left =0; &&&&
int right = n -1;&&&&
while (left & right)&&&&
char temp = a[left] ;&&&&&&&&
a[left++] = a[right] ;&&&&&&&&
a[right--] =&&&&
给定一个含有n个元素的整型数组a，从中任取m个元素，求所有组合。比如下面的例子
a = 1, 2, 3, 4, 5
1 2 3, 1 2 4, 1 2 5, 1 3 4, 1 3 5, 1 4 5
2 3 4, 2 3 5, 2 4 53 4 5
典型的排列组合问题，首选回溯法，为了简化问题，我们将a中n个元素值分别设置为1-n
// n选m的所有组合int buffer[100] ;void PrintArray(int *a, int n){
for (int i = 0; i & ++i)
cout && a[i] && "";
cout &&}bool IsValid(int lastIndex, int value){
for (int i = 0; i & lastI i++)
if (buffer[i] &= value)
return false;
return true;}void Select(int t, int n, int m){
if (t == m)
PrintArray(buffer, m);
for (int i = 1; i &= i++)
buffer[t] =
if (IsValid(t, i))
Select(t + 1, n, m);
合并两个数组
给定含有n个元素的两个有序（非降序）整型数组a和b。合并两个数组中的元素到整型数组c，要求去除重复元素并保持c有序（非降序）。例子如下
a = 1, 2, 4, 8
b = 1, 3, 5, 8
c = 1, 2, 3, 4, 5, 8
利用合并排序的思想，两个指针i,j和k分别指向数组a和b，然后比较两个指针对应元素的大小，有以下三种情况
1. a[i] & b[j]，则c[k] = a[i]。
2. a[i] == b[j]，则c[k]等于a[i]或b[j]皆可。
3. a[i] & b[j]，则c[k] = b[j]。
重复以上过程，直到i或者j到达数组末尾，然后将剩下的元素直接copy到数组c中即可
// 合并两个有序数组void Merge(int *a, int *b, int *c, int n){
int i = 0 ;
int j = 0 ;
int k = 0 ;
while (i & n && j & n)
if (a[i] & b[j])// 如果a的元素小，则插入a中元素到c
c[k++] = a[i] ;
else if (a[i] == b[j])// 如果a和b元素相等，则插入二者皆可，这里插入a
c[k++] = a[i] ;
else // a[i] & b[j] // 如果b中元素小，则插入b中元素到c
c[k++] = b[j] ;
if (i == n) // 若a遍历完毕，处理b中剩下的元素
for (int m = m & ++m)
c[k++] = b[m] ;
else//j == n, 若b遍历完毕，处理a中剩下的元素
for (int m = m & ++m)
c[k++] = a[m] ;
给定含有n个元素的整型数组a，其中包括0元素和非0元素，对数组进行排序，要求：
1. 排序后所有0元素在前，所有非零元素在后，且非零元素排序前后相对位置不变
2. 不能使用额外存储空间
输入 0, 3, 0, 2, 1, 0, 0
输出 0, 0, 0, 0, 3, 2, 1
此排序非传统意义上的排序，因为它要求排序前后非0元素的相对位置不变，或许叫做整理会更恰当一些。我们可以从后向前遍历整个数组，遇到某个位置i上的元素是非0元素时，如果a[k]为0，则将a[i]赋值给a[k]，a[k]赋值为0。实际上i是非0元素的下标，而k是0元素的下标
void Arrange(int* a, int n){
int k = n -1 ;
for (int i = n -1; i &=0; --i)
if (a[i] !=0)
if (a[k] ==0)
a[k] = a[i] ;
找出绝对值最小的元素
给定一个有序整数序列（非递减序），可能包含负数，找出其中绝对值最小的元素，比如给定序列 -5, -3, -1, 2, 8 则返回1。
由于给定序列是有序的，而这又是搜索问题，所以首先想到二分搜索法，只不过这个二分法比普通的二分法稍微麻烦点，可以分为下面几种情况
如果给定的序列中所有的数都是正数，那么数组的第一个元素即是结果。
如果给定的序列中所有的数都是负数，那么数组的最后一个元素即是结果。
如果给定的序列中既有正数又有负数，那么绝对值得最小值一定出现在正数和负数的连接处。
为什么？因为对于负数序列来说，右侧的数字比左侧的数字绝对值小，如上面的-5, -3, -1, 而对于整整数来说，左边的数字绝对值小，比如上面的2, 8，将这个思想用于二分搜索，可先判断中间元素和两侧元素的符号，然后根据符号决定搜索区间，逐步缩小搜索区间，直到只剩下两个元素。
单独设置一个函数用来判断两个整数的符号是否相同。
bool SameSign(int a, int b)
if (a * b & 0)
return true;
return false;
主函数代码。
// 找出一个非递减序整数序列中绝对值最小的数
int MinimumAbsoluteValue(int* a, int n)
// Only one number in array
if (n ==1)
return a[0] ;
// All numbers in array have the same sign
if (SameSign(a[0], a[n -1]))
return a[0] &=0? a[0] : a[n -1] ;
// Binary search
int l =0 ;
int r = n -1 ;
while(l & r)
if (l +1== r)
return abs(a[l]) & abs(a[r]) ? a[l] : a[r] ;
int m = (l + r) /2 ;
if (SameSign(a[m], a[r]))
if (SameSign(a[l], a[m]))
l = m +1 ;
这段代码是有问题的，感谢网友的指正，你看出来了么？修改后的代码如下：
// 找出一个非递减序整数序列中绝对值最小的数
int MinimumAbsoluteValue(int* a, int n)
// Only one number in array
if (n ==1)
return a[0] ;
// All numbers in array have the same sign
if (SameSign(a[0], a[n -1]))
return a[0] &=0? a[0] : a[n -1] ;
// Binary search
int l =0 ;
int r = n -1 ;
while(l & r)
if (l + 1 == r)
return abs(a[l]) & abs(a[r]) ? a[l] : a[r] ;
int m = (l + r) /2 ;
if (SameSign(a[m], a[r]))全部答案（共1个回答）
答: 西宁引产需要多久的时间？
答: 我也做过包皮环切手术，裂开处（包皮系带处、阴茎右侧）也有明显的瘢痕疙瘩。但是我勃起时没有疼痛感。我当时伤口里面还有线条没有拆除干净，后来去医院的时候，护士说没什...
答: 做高频电刀手术切痔疮不疼,具体应该说要先打麻醉药的,只是打麻醉药时就那么一点疼,手术过程中只有涨的感觉,不疼.出血极少.手术恢复快,值得去做,唯一的缺点是费用比...
B.20世纪上半叶，人类经历了两次世界大战，大量的青壮年人口死于战争；而20世纪下半叶，世界基本处于和平发展时期。
“癌症的发病率”我认为这句话指的是:癌症患者占总人数口的比例。
而B选项说是死亡人数多，即总体人数下降了，但“癌症的发病率”是根据总体人总来衡量的，所以B项不能削弱上述论证
根本就没有正式的国际驾照，如果到国外开车，正式的程序：
1、到公证处办理驾照的公证书，可以要求英文或者法文译本（看看到哪个国家而定）；
2、拿公证书到外交部的领事司指定的地点办理“领事认证”，可以登录外交部网站查询，北京有4、5家代办的，在外交部南街的京华豪园2楼或者中旅都可以。
3、认证后在公证书上面贴一个大标志；
4、有的国家还要到大使馆或者领事馆盖章一下。
偶前几天刚刚办过。
1、以身作则，如果连自己都做不好，还怎么当班长？
2、人缘好，我就是由于人缘不好，才改当副班长的。
3、团结同学，我们班有一个班长就是由于不团结同学才不当班长的，他现在是体育委员。
4、要有管理能力，首先要有大嗓门，我们班有位学习委员就是由于声音太轻才以3票之差当不了班长；其次要口齿清楚，让同学能听得懂你说的话；第三要说出有道理的话,让吵闹或打架的同学心服口服；第四，不能包庇好朋友，公正；第五，要搞好师生关系；第六，要严以律己，宽以待人，我们班的第一任班长就是因为“严以待人，宽以律己”才不能继续当下去的。
5、要坚持，我们班的纪律委员就是由于没有恒心，原来的大组长、卫生委员、劳动委员、体育委员、学习委员、小组长等（每个学期都加起来）都被免除了，现在的才当1天的纪律委员要不要免除都在考虑中，还要写说明书。
6、提醒班干部做自己要做的事，要有责任心。我们班的纪律委员就是没有责任心，班长的职务都被罢免了。
7、不要拿出班长的架子，要虚心。
8、关心同学（包括学习）。
9、要及早发现问题,自己可以解决的自己解决；自己不能解决的，早日让班主任解决。
10、要发现班级的好的地方，及时表扬。让全班都照做。
11、不要太担心学习，当个班干部，对以后工作有好处，这是个锻炼的机会，好好当吧，加油！
在高中阶段，学校和老师的规定一般都是为了学生的成绩着想，执行老师的话，其实也是为了大家好。即使有时候打点小报告，只要你的心态的好的，也不是坏事。比如A学习不专心，你用个适当的办法提醒老师去关心他，其实也是为了他好。
总的方针：和同学们组成一个团结的班集体，一切以班集体利益为上（当然不冲突国家、社会和学校利益为前提）。跟上面领导要会说话，有一些不重要的东西能满就满，这对你的同学好，也对你的班好。
再说十五点
一，以德服人
也是最重要的，不靠气势，只靠气质，首先要学会宽容（very important）你才能与众不同，不能和大家“同流合污”（夸张了点），不要有这样的想法：他们都怎么样怎样，我也。如果你和他们一样何来让你管理他们，你凭什么能管理他们？
二，无亲友
说的绝了点，彻底无亲友是不可能，是人都有缺点，有缺点就要有朋友帮助你。不是说，不要交友，提倡交友，但是不能把朋友看的太重，主要不能对朋友产生依赖感，遇到事情先想到靠自己，而不是求助！
三，一视同仁
上边说的无亲友也是为了能更好的能一视同仁，无论是什么关系，在你眼里都应是同学，可能比较难作到，但没有这点，就不可能服众。
四，不怕困难
每个班级里都会一些不听话的那种，喜欢摆谱的那种，不用怕，他们是不敢怎么样的！知难而进才是一个班长应该有的作风。
五，带头作用
我想这点大家都有体会就不多说了
六，打成一片
尽量和大家达成共识，没有架子，不自负不自卑，以微笑面对每一个人，不可以有歧视心理，不依赖老师，有什么事情自己解决，老师已经够累的了。
七，“我是班长”
这句话要随时放在心底，但是随时都不要放在嘴上，有强烈的责任心，时刻以班级的荣誉为主，以大家的荣誉为主。什么事情都冲在最前面。遇事镇定。
八，帮助同学
帮助同学不是为了给大家留下一个好的印象等利益方面的事，是你一个班长的责任，是你应该做的，只要你还是一个班长，你就要为人民服务（夸张）为同学服务。
九，诚实守信
大家应该都知道这个，是很容易作到的，也是很不容易作到，然这两句话并不是矛盾的，不是为了建立一个好的形象，和班级责任也没有什么关系，只是一个人应该有的道德品质。但你必须作到，连这样都做不到，就不可能做成一个好的班长。
十，拿的起放的下
学会放弃也同样重要，学会辨别好与坏。知道什么是该做的，什么是不该做的。
十一，谦虚
认真分析同学给你提的意见，不管是有意的，还是无意的。提出来就有他的想法，有他的动机。要作到一日三醒我身。
十二，心态端正
总之要有一个好的心态，积极向上的心态，把事情往好里想，但同时要知道另一面的危机，遇到事情首先想到的应该是解决问题，而不是别的！
十三,合理的运用身边的人和事
主动,先下手为强,遇到不能够管理的,就可以和其他班干部一起对付,实在不行,就迅速找到老师陈述自己的观点,免得他倒打一耙(尽量少打小报告.)
十四,和老师同学搞好关系.
威信可以提高,你说的话老师也比较相信,可以简单一点的拿到老师的一些特殊授权,而这些授权往往对你的帮助很大.
十五,合理的运用自己的权利和魄力
对付难管理的,权利在他的眼中已经不存在的,就运用你的魄力,用心去交流,努力感动身边的人,感动得他们铭记于心,你就成功了.
一点要加油哦
考虑是由于天气比较干燥和身体上火导致的，建议不要吃香辣和煎炸的食物，多喝水，多吃点水果，不能吃牛肉和海鱼。可以服用（穿心莲片，维生素b2和b6）。也可以服用一些中药，如清热解毒的。
确实没有偿还能力的，应当与贷款机构进行协商，宽展还款期间或者分期归还； 如果贷款机构起诉到法院胜诉之后，在履行期未履行法院判决，会申请法院强制执行； 法院在受理强制执行时，会依法查询贷款人名下的房产、车辆、证券和存款；贷款人名下没有可供执行的财产而又拒绝履行法院的生效判决，则有逾期还款等负面信息记录在个人的信用报告中并被限制高消费及出入境，甚至有可能会被司法拘留。
第一步：教育引导
不同年龄阶段的孩子“吮指癖”的原因不尽相同，但于力认为，如果没有什么异常的症状，应该以教育引导为首要方式，并注意经常帮孩子洗手，以防细菌入侵引起胃肠道感染。
第二步：转移注意力
比起严厉指责、打骂，转移注意力是一种明智的做法。比如，多让孩子进行动手游戏，让他双手都不得闲，或者用其他的玩具吸引他，还可以多带孩子出去游玩，让他在五彩缤纷的世界里获得知识，增长见识，逐渐忘记原来的坏习惯。对于小婴儿，还可以做个小布手套，或者用纱布缠住手指，直接防止他吃手。但是，不主张给孩子手指上“涂味”，比如黄连水、辣椒水等，以免影响孩子的胃口，黄连有清热解毒的功效，吃多了还可导致腹泻、呕吐。
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楼主，龙德教育就挺好的，你可以去试试，我们家孩子一直在龙德教育补习的，我觉得还不错。
成人可以学爵士舞。不过对柔软度的拒绝比较大。　　不论跳什么舞，如果要跳得美，身体的柔软度必须要好，否则无法充分发挥出理应的线条美感，爵士舞也不值得注意。在展开暖身的弯曲动作必须注意，不适合在身体肌肉未几乎和暖前用弹振形式来做弯曲，否则更容易弄巧反拙，骨折肌肉。用静态方式弯曲较安全，不过也较必须耐性。柔软度的锻炼动作之幅度更不该超过疼痛的地步，肌肉有向上的感觉即可，动作(角度)保持的时间可由10馀秒至30-40秒平均，时间愈长对肌肉及关节附近的联结的组织之负荷也愈高。
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这个问题分类似乎错了
这个不是我熟悉的地区