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高三数学题：关于其他的问题
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学生困惑：
18-03-31 19:38提问
数学老师7878q的解答
难&&易&&度：难
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1982年大学毕业，从事初、高中数学教育30年
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400万学生都爱用的随身家教2018年高三数学4月份试题收集1高三数学练习题及答案：数列_高三_无忧考网
高三数学练习题及答案：数列
13:50 来源：网络综合
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【导语】以下是无忧考网为大家推荐的有关高三数学练习题及答案：数列，如果觉得很不错，欢迎点评和分享～感谢你的阅读与支持！　　一、选择题：本大题共12小题，每小题5分，共60分.　　1.在等差数列{an}中，若a1+a2+a12+a13=24，则a7为()　　A.6B.7C.8D.9　　解析：∵a1+a2+a12+a13=4a7=24，∴a7=6.　　答案：A　　2.若等差数列{an}的前n项和为Sn，且满足S33-S22=1，则数列{an}的公差是()　　A.12B.1C.2D.3　　解析：由Sn=na1+n(n-1)2d，得S3=3a1+3d，S2=2a1+d，代入S33-S22=1，得d=2，故选C.　　答案：C　　3.已知数列a1=1，a2=5，an+2=an+1-an(n∈N*)，则a2011等于()　　A.1B.-4C.4D.5　　解析：由已知，得a1=1，a2=5，a3=4，a4=-1，a5=-5，a6=-4，a7=1，a8=5，…　　故{an}是以6为周期的数列，　　∴a5+1=a1=1.　　答案：A　　4.设{an}是等差数列，Sn是其前n项和，且S5　　A.d<0B.a7=0　　C.S9>S5D.S6与S7均为Sn的最大值　　解析：∵S5　　又S7>S8，∴a8<0.　　假设S9>S5，则a6+a7+a8+a9>0，即2(a7+a8)>0.　　∵a7=0，a8<0，∴a7+a8<0.假设不成立，故S9　　答案：C　　5.设数列{an}是等比数列，其前n项和为Sn，若S3=3a3，则公比q的值为()　　A.-12B.12　　C.1或-12D.-2或12[　　解析：设首项为a1，公比为q，　　则当q=1时，S3=3a1=3a3，适合题意.　　当q≠1时，a1(1-q3)1-q=3&#，　　∴1-q3=3q2-3q3，即1+q+q2=3q2,2q2-q-1=0，　　解得q=1(舍去)，或q=-12.　　综上，q=1，或q=-12.　　答案：C　　6.若数列{an}的通项公式an=5&#-4&#，数列{an}的最大项为第x项，最小项为第y项，则x+y等于()　　A.3B.4C.5D.6　　解析：an=5&#-4&#=5&#-252-45，　　∴n=2时，an最小;n=1时，an最大.　　此时x=1，y=2，∴x+y=3.　　答案：A　　7.数列{an}中，a1=15,3an+1=3an-2(n∈N*)，则该数列中相邻两项的乘积是负数的是()　　A.a21a22B.a22a23C.a23a24D.a24a25　　解析：∵3an+1=3an-2，　　∴an+1-an=-23，即公差d=-23.　　∴an=a1+(n-1)&#8226;d=15-23(n-1).　　令an>0，即15-23(n-1)>0，解得n<23.5.　　又n∈N*，∴n≤23，∴a23>0，而a24<0，∴a23a24<0.　　答案：C　　8.某工厂去年产值为a，计划今后5年内每年比上年产值增加10%，则从今年起到第5年，这个厂的总产值为()　　A.1.14aB.1.15a　　C.11×(1.15-1)aD.10×(1.16-1)a　　解析：由已知，得每年产值构成等比数列a1=a，w　　an=a(1+10%)n-1(1≤n≤6).　　∴总产值为S6-a1=11×(1.15-1)a.　　答案：C　　9.已知正数组成的等差数列{an}的前20项的和为100，那么a7&#8226;a14的最大值为()　　A.25B.50C.100D.不存在　　解析：由S20=100，得a1+a20=10.∴a7+a14=10.　　又a7>0，a14>0，∴a7&#8226;a14≤a7+a1422=25.　　答案：A　　10.设数列{an}是首项为m，公比为q(q≠0)的等比数列，Sn是它的前n项和，对任意的n∈N*，点an，S2nSn()　　A.在直线mx+qy-q=0上　　B.在直线qx-my+m=0上　　C.在直线qx+my-q=0上　　D.不一定在一条直线上　　解析：an=mqn-1=x，①S2nSn=m(1-q2n)1-qm(1-qn)1-q=1+qn=y，②　　由②得qn=y-1，代入①得x=mq(y-1)，即qx-my+m=0.　　答案：B　　11.将以2为首项的偶数数列，按下列方法分组：(2)，(4,6)，(8,10,12)，…，第n组有n个数，则第n组的首项为()　　A.n2-nB.n2+n+2　　C.n2+nD.n2-n+2　　解析：因为前n-1组占用了数列2,4,6，…的前1+2+3+…+(n-1)=(n-1)n2项，所以第n组的首项为数列2,4,6，…的第(n-1)n2+1项，等于2+(n-1)n2+1-1&#-n+2.　　答案：D　　12.设m∈N*，log2m的整数部分用F(m)表示，则F(1)+F(2)+…+F(1024)的值是()　　A.　　C.9218D.以上都不对　　解析：依题意，F(1)=0，　　F(2)=F(3)=1，有2个　　F(4)=F(5)=F(6)=F(7)=2，有22个.　　F(8)=…=F(15)=3，有23个.　　F(16)=…=F(31)=4，有24个.　　…　　F(512)=…=F(1023)=9，有29个.　　F(1024)=10，有1个.　　故F(1)+F(2)+…+F(×2+2×22+3×23+…+9×29+10.　　令T=1×2+2×22+3×23+…+9×29，①　　则2T=1×22+2×23+…+8×29+9×210.②　　①-②，得-T=2+22+23+…+29-9×210=　　2(1-29)1-2-9×210=210-2-9×210=-8×210-2，　　∴T=8×210+2=8194，m]　　∴F(1)+F(2)+…+F(+10=8204.　　答案：A　　第Ⅱ卷(非选择共90分)　　二、填空题：本大题共4个小题，每小题5分，共20分.　　13.若数列{an}满足关系a1=2，an+1=3an+2，该数列的通项公式为__________.　　解析：∵an+1=3an+2两边加上1得，an+1+1=3(an+1)，　　∴{an+1}是以a1+1=3为首项，以3为公比的等比数列，　　∴an+1=3&#=3n，∴an=3n-1.　　答案：an=3n-1　　14.已知公差不为零的等差数列{an}中，M=anan+3，N=an+1an+2，则M与N的大小关系是__________.　　解析：设{an}的公差为d，则d≠0.　　M-N=an(an+3d)-[(an+d)(an+2d)]　　=an2+3dan-an2-3dan-2d2=-2d2<0，∴M　　答案：M　　15.在数列{an}中，a1=6，且对任意大于1的正整数n，点(an，an-1)在直线x-y=6上，则数列{ann3(n+1)}的前n项和Sn=__________.　　解析：∵点(an，an-1)在直线x-y=6上，　　∴an-an-1=6，即数列{an}为等差数列.　　∴an=a1+6(n-1)=6+6(n-1)=6n，　　∴an=6n2.　　∴ann3(n+1)=6n2n3(n+1)=6n(n+1)=61n-1n+1　　∴Sn=61-12+12-13+…+1n-1n+1.=61-1n+1=6nn+1.　　答案：6nn+1　　16.观察下表：　　1　　234　　34567　　　　…　　则第__________行的各数之和等于20092.　　解析：设第n行的各数之和等于20092，　　则此行是一个首项a1=n，项数为2n-1，公差为1的等差数列.　　故S=n×(2n-1)+(2n-1)(2n-2)2=20092，解得n=1005.　　答案：1005　　三、解答题：本大题共6小题，共70分.　　17.(10分)已知数列{an}中，a1=12，an+1=12an+1(n∈N*)，令bn=an-2.　　(1)求证：{bn}是等比数列，并求　　(2)求通项an并求{an}的前n项和Sn.　　解析：(1)∵bn+1bn=an+1-2an-2=12an+1-2an-2=12an-1an-2=12，　　∴{bn}是等比数列.　　∵b1=a1-2=-32，　　∴bn=b1qn-1=-32×12n-1=-32n.　　(2)an=bn+2=-32n+2，　　Sn=a1+a2+…+an　　=-32+2+-322+2+-323+2+…+-32n+2　　=-3×12+122+…+12n+2n=-3×12×1-12n1-12+2n=32n+2n-3.　　18.(12分)若数列{an}的前n项和Sn=2n.　　(1)求{an}的通项公式;　　(2)若数列{bn}满足b1=-1，bn+1=bn+(2n-1)，且cn=an&#8226;bnn，求数列{cn}的通项公式及其前n项和Tn.　　解析：(1)由题意Sn=2n，　　得Sn-1=2n-1(n≥2)，　　两式相减，得an=2n-2n-1=2n-1(n≥2).　　当n=1时，21-1=1≠S1=a1=2.　　∴an=2(n=1)，2n-1(n≥2).　　(2)∵bn+1=bn+(2n-1)，　　∴b2-b1=1，　　b3-b2=3，　　b4-b3=5，　　…　　bn-bn-1=2n-3.　　以上各式相加，得　　bn-b1=1+3+5+…+(2n-3)　　=(n-1)(1+2n-3)2=(n-1)2.　　∵b1=-1，∴bn=n2-2n，　　∴cn=-2(n=1)，(n-2)×2n-1(n≥2)，　　∴Tn=-2+0×21+1×22+2×23+…+(n-2)×2n-1，　　∴2Tn=-4+0×22+1×23+2×24+…+(n-2)×2n.　　∴-Tn=2+22+23+…+2n-1-(n-2)×2n　　=2(1-2n-1)1-2-(n-2)×2n　　=2n-2-(n-2)×2n　　=-2-(n-3)×2n.　　∴Tn=2+(n-3)×2n.　　19.(12分)已知等差数列{an}的前n项和为Sn，公差d≠0，且S3+S5=50，a1，a4，a13成等比数列.　　(1)求数列{an}的通项公式;　　(2)若从数列{an}中依次取出第2项，第4项，第8项，…，第2n项，…，按原来顺序组成一个新数列{bn}，记该数列的前n项和为Tn，求Tn的表达式.　　解析：(1)依题意，得　　3a1+3×22d+5a1+5×42d=50，(a1+3d)2=a1(a1+12d)，解得a1=3，d=2.　　∴an=a1+(n-1)d=3+2(n-1)=2n+1，　　即an=2n+1.　　(2)由已知，得bn=a2n=2×2n+1=2n+1+1，　　∴Tn=b1+b2+…+bn　　=(22+1)+(23+1)+…+(2n+1+1)　　=4(1-2n)1-2+n=2n+2-4+n.　　20.(12分)设数列{an}的前n项和为Sn，且ban-2n=(b-1)Sn.　　(1)证明：当b=2时，{an-n&#}是等比数列;　　(2)求通项an.新课标第一网　　解析：由题意知，a1=2，且ban-2n=(b-1)Sn，　　ban+1-2n+1=(b-1)Sn+1，　　两式相减，得b(an+1-an)-2n=(b-1)an+1，　　即an+1=ban+2n.①　　(1)当b=2时，由①知，an+1=2an+2n.　　于是an+1-(n+1)&#an+2n-(n+1)&#8226;2n　　=2an-n&#.　　又a1-1&#≠0，　　∴{an-n&#}是首项为1，公比为2的等比数列.　　(2)当b=2时，　　由(1)知，an-n&#=2n-1，即an=(n+1)&#　　当b≠2时，由①得　　an+1-12-b&#=ban+2n-12-b&#=ban-b2-b&#8226;2n　　=ban-12-b&#8226;2n，　　因此an+1-12-b&#=ban-12-b&#(1-b)2-b&#8226;bn.　　得an=2，n=1，12-b[2n+(2-2b)bn-1]，n≥2.　　21.(12分)某地在抗洪抢险中接到预报，24小时后又一个超历史最高水位的洪峰到达，为保证万无一失，抗洪指挥部决定在24小时内另筑起一道堤作为第二道防线.经计算，如果有20辆大型翻斗车同时作业25小时，可以筑起第二道防线，但是除了现有的一辆车可以立即投入作业外，其余车辆需从各处紧急抽调，每隔20分钟就有一辆车到达并投入工作.问指挥部至少还需组织多少辆车这样陆续工作，才能保证24小时内完成第二道防线，请说明理由.　　解析：设从现有这辆车投入工作算起，各车的工作时间依次组成数列{an}，则an-an-1=-13.　　所以各车的工作时间构成首项为24，公差为-13的等差数列，由题知，24小时内最多可抽调72辆车.　　设还需组织(n-1)辆车，则　　a1+a2+…+an=24n+n(n-1)2×-13≥20×25.　　所以n2-145n+3000≤0，　　解得25≤n≤120，且n≤73.　　所以nmin=25，n-1=24.　　故至少还需组织24辆车陆续工作，才能保证在24小时内完成第二道防线.　　22.(12分)已知点集L={(x，y)|y=m&#8226;n}，其中m=(2x-2b,1)，n=(1,1+2b)，点列Pn(an，bn)在点集L中，P1为L的轨迹与y轴的交点，已知数列{an}为等差数列，且公差为1，n∈N*.　　(1)求数列{an}，{bn}的通项公式;　　(3)设cn=5n&#8226;an&#8226;|PnPn+1|(n≥2)，求c2+c3+c4+…+cn的值.　　解析：(1)由y=m&#8226;n，m=(2x-2b,1)，n=(1,1+2b)，　　得y=2x+1，即L：y=2x+1.　　∵P1为L的轨迹与y轴的交点，　　∴P1(0,1)，则a1=0，b1=1.　　∵数列{an}为等差数列，且公差为1，　　∴an=n-1(n∈N*).　　代入y=2x+1，得bn=2n-1(n∈N*).　　(2)∵Pn(n-1,2n-1)，∴Pn+1(n,2n+1).　　=5n2-n-1=5n-.　　∵n∈N*，　　(3)当n≥2时，Pn(n-1,2n-1)，　　∴c2+c3+…+cn　　=1-12+12-13+…+1n-1-1n=1-1n.&#xe621; 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